【分析】
要解决这道题，需先分析表格中不同温度、压强下液态酒精的比热容变化规律：
1. 第(1)问：观察同一压强（如低压p₁）下，液态酒精温度从20℃到140℃时，比热容随温度升高而增大，因此反映该关系的图线应随温度上升而递增，对应图线a。
2. 第(2)问：对比同一温度下不同压强的比热容（如20℃时，低压p₁比热容2.41×10³J/(kg·℃)，高压p₂比热容2.38×10³J/(kg·℃)），可知增大压强时比热容减小；同时，低压p₁下160℃酒精已为气态，高压p₂下160℃仍为液态，说明增大压强可提高酒精的沸点。
【解析】
(1) 分析表格中同一压强下液态酒精的比热容变化：温度升高时，液态酒精的比热容逐渐增大，因此随温度上升而递增的图线a符合规律，故答案为a。
(2) 对比同一温度下不同压强的比热容：如20℃时，压强从0.98×10⁶Pa增大到5.8×10⁶Pa，比热容从2.41×10³J/(kg·℃)减小到2.38×10³J/(kg·℃)，说明增大压强能使酒精的比热容减小；另外，压强增大时，酒精的液态状态可维持到更高温度（如160℃时p₂下仍为液态，p₁下为气态），说明增大压强能提高酒精的沸点。
【答案】
(1) a (2) 减小 沸点
【知识点】
比热容与温度、压强的关系；沸点与压强的关系
【点评】
本题通过表格数据考查学生的数据分析能力，需对比不同变量下的物理量变化规律，属于基础应用类题目，难度适中。
【难度系数】
0.6

【分析】本题考查热量的计算和内能变化的判断。解题思路：①回忆热量计算公式$Q_{放}=cm(t_{0}-t)$，明确各物理量的含义；②确定水的比热容、质量、初温、末温的数值，代入公式计算放出的热量；③根据热传递规律，判断热水放热时的内能变化。
【解析】解：水放出的热量计算公式为$Q_{放}=cm(t_{0}-t)$，其中水的比热容$c=4.2×10^{3}J/(kg·℃)$，水的质量$m=50kg$，初温$t_{0}=95℃$，末温$t=85℃$，代入得：
$Q_{放}=4.2×10^{3}J/(kg·℃)×50kg×(95℃-85℃)=2.1×10^{6}J$。
热水放出热量，其内能减少。
【答案】$2.1×10^{6}J$ 减少
【知识点】热量计算、内能变化
【点评】本题为热学基础题，主要考查热量公式的应用和内能与热量的关系，需牢记水的比热容数值及公式的正确使用，难度较低。
【难度系数】0.8

【分析】
本题是结合实际场景的热量计算问题，解题思路如下：
1. 第(1)问：利用吸热公式$Q_{吸}=cm\Delta t$，代入水的质量、比热容、温度变化量，计算水吸收的热量；
2. 第(2)问：先将时间单位换算为秒，计算0.1$m^2$的水每秒吸收的热量，再除以面积得到每平方米每秒接收的太阳能；
3. 第(3)问：先计算100$m^2$绿地每秒接收的太阳能，再根据每吸收$10^3J$太阳能放出0.05L氧气的比例，计算放出氧气的体积。
【解析】
解：
(1) 根据热量计算公式$Q_{吸}=cm\Delta t$，代入数据：
$Q_{吸}=4.2×10^3\ \mathrm{J}/(\mathrm{kg}·℃) ×6\ \mathrm{kg} ×5\ ℃=1.26×10^5\ \mathrm{J}$；
(2) 时间$t=15\ \mathrm{min}=15×60\ \mathrm{s}=900\ \mathrm{s}$，0.1$m^2$的水每秒吸收的热量为：
$\frac{Q_{吸}}{t}=\frac{1.26×10^5\ \mathrm{J}}{900\ \mathrm{s}}=140\ \mathrm{J/s}$，
则每平方米绿色植物每秒接收的太阳能为：
$\frac{140\ \mathrm{J/s}}{0.1\ \mathrm{m^2}}=1400\ \mathrm{J}$；
(3) 100$m^2$绿地每秒接收的太阳能为：
$1400\ \mathrm{J/(m^2·s)} ×100\ \mathrm{m^2}=1.4×10^5\ \mathrm{J/s}$，
每吸收$10^3\ \mathrm{J}$太阳能放出0.05L氧气，故每秒放出氧气的体积为：
$\frac{1.4×10^5\ \mathrm{J}}{10^3\ \mathrm{J}} ×0.05\ \mathrm{L}=140×0.05\ \mathrm{L}=7\ \mathrm{L}$。
【答案】
(1) $1.26×10^5\ \mathrm{J}$；(2) $1400\ \mathrm{J}$；(3) $7\ \mathrm{L}$
【知识点】
热量计算、比热容应用、能量转换
【点评】
本题结合生活实际考查物理计算，核心是热量公式的应用和单位换算，步骤清晰，只要掌握基础公式和单位转换即可解决，属于中等难度的计算题。
【难度系数】
0.6

【分析】本题是热平衡问题，核心利用热量守恒（冷水吸收的热量等于热水放出的热量）。首先设定相关物理量，根据两次加热水后的温度变化列热平衡方程，联立求解得到原有水与每勺热水的质量关系、热水与初始水的温差，再推导加$n$勺热水后的总温度升高公式，最终计算再加五勺后的温度升高值。
【解析】设烧杯原有水质量为$M$，初始温度为$T$，每勺热水质量为$m$，每勺热水比初始水高$\Delta$。
1. 加第一勺热水时，温度升高$5°\mathrm{C}$，根据热平衡$Q_{\mathrm{吸}}=Q_{\mathrm{放}}$：
$cM · 5°\mathrm{C} = cm (\Delta -5°\mathrm{C})$，约去比热容$c$得：$5M = m(\Delta -5)$ ①
2. 加第二勺热水时，温度又升高$3°\mathrm{C}$，此时总温度为$T+8°\mathrm{C}$，同理：
$c(M+m) · 3°\mathrm{C} = cm (\Delta -8°\mathrm{C})$，约去$c$得：$3(M+m)=m(\Delta -8)$ ②
3. 联立①②，将①中$m\Delta=5M+5m$代入②，化简得$M=3m$，再代入①得$\Delta=20°\mathrm{C}$。
4. 推导加$n$勺热水后的总温度升高公式：
$\Delta T(n)=\frac{n m \Delta}{M +n m}=\frac{20n m}{3m +n m}=\frac{20n}{n+3}$。
5. 已加2勺，再加5勺共加7勺，总升高$\Delta T(7)=\frac{20×7}{7+3}=14°\mathrm{C}$，再加五勺后升高的温度为$14°\mathrm{C} - (5°\mathrm{C}+3°\mathrm{C})=6°\mathrm{C}$。
【答案】$6°\mathrm{C}$
【知识点】热平衡方程、热量计算
【点评】本题通过两次热平衡建立方程，求解质量与温差的关系，再推导后续温度变化，考查学生对热平衡条件的应用能力，关键是理清各状态下的热量关系。
【难度系数】0.5