【分析】
首先明确比热容的物理意义及热量计算公式：比热容是单位质量的某种物质升高（或降低）1℃所吸收（或放出）的热量，热量计算公式为$Q=cm\Delta t$（$Q$为热量，$c$为比热容，$m$为质量，$\Delta t$为温度变化量）。已知铁的比热容大于铜，分两种情况推导：①当质量$m$相同、温度变化$\Delta t$相同时，热量与比热容成正比；②当质量$m$相同、吸放热$Q$相同时，温度变化与比热容成反比，据此分析两个空的答案。
【解析】
根据热量公式$Q=cm\Delta t$分析：
1. 质量相同、温度变化相同时：已知$m_铁=m_铜$，$\Delta t_铁=\Delta t_铜$，且$c_铁＞c_铜$，由$Q=cm\Delta t$得，$Q_铁=c_铁m_铁\Delta t_铁$，$Q_铜=c_铜m_铜\Delta t_铜$，代入后$Q_铁＞Q_铜$，即铁吸收或放出的热量比铜多；
2. 质量相同、吸放热相同时：已知$m_铁=m_铜$，$Q_铁=Q_铜$，由$\Delta t=\frac{Q}{cm}$得，$\Delta t_铁=\frac{Q}{c_铁m_铁}$，$\Delta t_铜=\frac{Q}{c_铜m_铜}$，因$c_铁＞c_铜$，故$\Delta t_铜＞\Delta t_铁$，即铜的温度变化比铁大。
【答案】
多；大
【知识点】
比热容的概念、热量计算公式的应用
【点评】
本题考查比热容的基础概念及热量公式的简单应用，核心是理解比热容与热量、温度变化的比例关系，属于热学基础题，只要掌握公式变形即可正确解答，难度较低。
【难度系数】
0.6

【分析】要计算甲、乙两物体吸收的热量之比，需利用热量计算公式$Q_{吸}=cm\Delta t$，将公式变形为比值形式，代入已知的质量、比热容、升高温度的比值进行运算，无需计算具体数值，直接通过比值相乘即可得出结果。
【解析】根据热量计算公式$Q_{吸}=cm\Delta t$，甲吸收的热量$Q_甲=c_甲m_甲\Delta t_甲$，乙吸收的热量$Q_乙=c_乙m_乙\Delta t_乙$。则热量之比为：
$\frac{Q_甲}{Q_乙} = \frac{c_甲 m_甲 \Delta t_甲}{c_乙 m_乙 \Delta t_乙}$
已知$m_甲:m_乙=3:1$，$c_甲:c_乙=1:2$，$\Delta t_甲:\Delta t_乙=4:3$，代入得：
$\frac{Q_甲}{Q_乙} = \frac{1 × 3 × 4}{2 × 1 × 3} = \frac{12}{6} = \frac{2}{1}$，即热量之比为$2:1$。
【答案】$2:1$
【知识点】热量计算，比热容应用
【点评】本题考查热量计算公式的灵活运用，采用比值法简化计算，是热学基础题型，重点考查公式变形与比值运算能力。
【难度系数】0.8

【分析】
要解决这两个问题，需运用控制变量法分析实验数据：
1. 分析第①、②次或第③、④次实验时，确定不变量为物质种类、升高的温度，变量为物质质量，通过加热时间（反映吸收热量）的变化，推导吸收热量与质量的关系；
2. 分析第①、③次或第②、④次实验时，确定不变量为物质质量、升高的温度，变量为物质种类，通过加热时间的差异，推导不同物质的吸热特点。
【解析】
（1）第①、②次实验中，物质均为水（同种物质），升高温度都是10℃，质量从0.1kg增加到0.2kg，加热时间从2min变为4min（吸收热量增多）；第③、④次实验同理，同种物质煤油，升高温度相同，质量越大加热时间越长（吸收热量越多）。因此同种物质升高相同温度时，吸收热量的多少与物质的质量有关。
（2）第①、③次实验中，质量均为0.1kg，升高温度都是10℃，物质分别是水和煤油，加热时间水为2min、煤油为1min（吸收热量不同）；第②、④次实验同理，质量0.2kg、升高温度相同，水和煤油吸收热量不同。因此质量相同的不同物质，升高相同温度时，吸收的热量不同。
【答案】
(1) 质量 (2) 质量相同的不同物质,升高相同温度时,吸收的热量不同
【知识点】
比热容、物质吸热的影响因素、控制变量法
【点评】
本题结合探究不同物质吸热升温的实验，考查控制变量法的应用，是热学基础实验题，需掌握通过控制变量分析实验数据得出结论的方法。
【难度系数】
0.6

【分析】
第（1）问需先计算太阳能热水器每天接收的总太阳能，再根据能量转化效率求出水吸收的热量，最后利用热量公式计算水升高的温度，结合初温得到末温；第（2）问结合太阳能的特点，列举其优点即可。
【解析】
（1）计算每天接收的总太阳能：
每平方米每小时接收太阳能为$4.2×10^6\ \mathrm{J}$，则10h内1.25m²面积接收的总太阳能：
$E = 4.2×10^6\ \mathrm{J/(m^2·h)} × 1.25\ \mathrm{m^2} × 10\ \mathrm{h} = 5.25×10^7\ \mathrm{J}$
水吸收的热量：
$Q = E × 40\% = 5.25×10^7\ \mathrm{J} × 0.4 = 2.1×10^7\ \mathrm{J}$
根据热量公式$Q = cmΔt$，水升高的温度：
$Δt = \frac{Q}{cm} = \frac{2.1×10^7\ \mathrm{J}}{4.2×10^3\ \mathrm{J/(kg·℃)} × 100\ \mathrm{kg}} = 50\ \mathrm{℃}$
水的末温：
$t = t_0 + Δt = 30\ \mathrm{℃} + 50\ \mathrm{℃} = 80\ \mathrm{℃}$
（2）太阳能的优点：节约能源、无污染（写出两点即可）
【答案】
(1) $80\ \mathrm{℃}$ (2) 节约能源、无污染
【知识点】
热量的计算、太阳能的利用
【点评】
本题结合生活实际考查热量公式的应用和太阳能的优点，难度适中，注重物理知识与生活的联系，便于学生理解太阳能的应用价值。
【难度系数】
0.7